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质量均为m的小球AB用轻杆连接
两个
质量均为m的小球A
、
B用轻杆连接
后斜放在墙上处于平衡状态,已知墙面...
答:
又对A球分析:受重力mg、墙对球弹力F1、
杆
对球作用力F,合力为0 设杆与竖直方向夹角是θ 则 mg / F=cosθ F=mg / cosθ 因θ变大,cosθ变小,所以F变大。综上所述,选项B正确。
如图所示,两个
质量都是m的小球A
、
B用轻杆连接
后斜放在墙上处于平衡状 ...
答:
对整体进行受力分析,竖直方向只总2mg和地面对
B
的支持力N,则知N=2mg,移动两球后,仍然平衡,则N仍然等于2mg,所以N不变.再隔离对A进行受力分析,
轻杆
对A的作用力等于轻杆上受到的压力,设轻杆对A球的作用力F与竖直方向的夹角为θ,则得: Fcosθ=mg,得F=mgcosθ,当A球向上移动一小...
如图所示,两个
质量都是m的小球A
、
B用轻杆连接
后靠在墙上处于平衡状态...
答:
所以F 1 不变.墙壁对
小球
A的弹力始终等于地面对B的摩擦力F 2 . 再隔离对A进行受力分析,墙壁对A的弹力F A =mgtanθ,当A球向上移动一小段距离,夹角θ减小,所以F A 减小.而墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力F 2 ,
两个
质量都是m的小球A
、
B用轻杆连接
后斜放在墙上处于平衡状态.已知墙面...
答:
对整体进行受力分析,知F1=2mg,移动两球后,仍然平衡,则F1仍然等于2mg,所以N不变. 再隔离对A进行受力分析,
轻杆
对A的作用力等于轻杆上受到的压力,轻杆对A球的作用力F= mgcosθ,当A球向上移动一小段距离,夹角θ减小,cosθ变大,所以F减小.故
B
正确,A、C、D错误.故选B.
如图所示,两个
质量都是m的小球A
、
B用轻杆连接
后斜放在墙 上处于平衡...
答:
A、
B
、对整体进行受力分析,知N=2mg,移动两球后,仍然平衡,则N仍然等于2mg,所以N不变.墙壁对
小球A
的弹力始终等于地面对B的摩擦力f.故A正确,B错误.C、D、再隔离对A进行受力分析,墙壁对A的弹力FA=mgtanθ,当A球向下移动一小段距离,夹角θ增加,所以FA增加.而墙壁对小球A的弹力始终...
如图所示,
质量均为m的
两
小球A
和
B用
长为3L的
轻杆相连
,轻杆可绕距
A小球
2...
答:
8mg,故杆对转轴的作用力为:F=1.8mg+0.6mg=2.4mg,向上;答:(1)在
轻杆
运动到竖直位置时,
A小球
的速度vA=225gL;(2)在轻杆运动到竖直位置的过程中,杆对A球所做的功为-1.2mgL;(3)当轻杆转动到竖直位置时,杆对转轴O的作用力的大小为2.4mg,方向向上.
小球AB质量均为m
,用长为L
轻杆连接
,竖直放在墙边,轻轻震动B球,使AB开始...
答:
否则
杆
会断开) 故有:Vbcos30=Vacos60 , 得Va= Vbtan60 联立解得Va=(根号下3gL) /2 , Vb=(根号下gL)/2 第二点A、
B
速度的关系还可以根据微元法求解,需要利用数学近似sina=a,cosa=1(当a趋近于0时),高中不要求掌握,为竞赛难度,如果有兴趣自己试试 ...
(2013?桂林一模)如图所示,两个
质量都是m的小球A
、
B用轻杆连接
后靠在墙 ...
答:
仍然平衡,则F1仍然等于2mg,所以F1不变.墙壁对
小球A
的弹力始终等于地面对B的摩擦力F2. 再隔离对A进行受力分析,墙壁对A的弹力FA=mgtanθ,当A球向上移动一小段距离,夹角θ减小,所以FA减小.而墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力F2,所以F2减小.故B正确,A、C、D错误.故选B.
如图所示,A、
B
两个物体
质量均为m
,由
轻杆相连
并可绕光滑水平轴O自由转 ...
答:
①因A、
B
两球
用轻杆相连
,故两球转动的角速度相等,即: v A L = v B 2L …②设B球运动到最低点时细杆对
小球
的拉力为T,由牛顿第二定律得:T-mg=
m
v 2B 2L …③解①②③得:v B = 8 5 gL ,T=1.8mg;由牛顿第三定律知,B球对...
AB两个
质量均为m的小球
,被一
轻杆AB
固定,轻杆长AB=L,OA=L/3,杆可绕O...
答:
2 15 gL
m
/s.答:(1)转过90°过程中恒力做功为 3 3 mgL; (2)在转动过程中B球获得的最大速度时
AB杆
与竖直方向夹角为60°;(3)在转动过程中B球获得的最大速度是2 2 15 gL m/s.
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改变小球A的质量撞击B球
两个相同的小球A和B
滑块A与小球B用一根不可伸长
如右图所示用两根细线把AB两小球
B的质量
B的摩尔质量
AB两个小球分别粘在弹簧两端
小球沿半圆轨道从A到B
椭圆摆由一滑块A与小球B所构成